474. 一和零

给你一个二进制字符串数组 strs 和两个整数 m 和 n 。

请你找出并返回 strs 的最大子集的长度,该子集中 最多 有 m 个 0 和 n 个 1 。

如果 x 的所有元素也是 y 的元素,集合 x 是集合 y 的 子集 。

数据范围

  • 1 <= strs.length <= 600
  • 1 <= strs[i].length <= 100
  • strs[i] 仅由 '0''1' 组成
  • 1 <= m, n <= 100

分析

背包,分清楚背包容量,体积和价值,这道题的背包容量有两个:1的个数和0的个数,体积为每个字符对应的1的个数和0的个数,价值为1

代码

class Solution {
public:
    const static int N = 605, M = 105;
    int cnt[N][3];
    int dp[M][M];
    int findMaxForm(vector<string>& strs, int m, int n) {
        int nn = strs.size();
        for(int i = 1; i <= nn; i ++ ) {
            for(auto k : strs[i - 1]) {
                if(k == '0') cnt[i][0] ++ ;
                else cnt[i][1] ++ ;
            }
        }
        for(int i = 1; i <= nn; i ++ ) {
            for(int j = m; j >= cnt[i][0] ; j -- ) {
                for(int k = n; k >= cnt[i][1]; k -- ) {
                    dp[j][k] = max(dp[j][k], dp[j - cnt[i][0]][k - cnt[i][1]] + 1);
                }
            }
        }
        return dp[m][n];
    }
};

910. 最小差值 II

给你一个整数数组 nums,和一个整数 k 。

对于每个下标 i(0 <= i < nums.length),将 nums[i] 变成 nums[i] + k 或 nums[i] - k 。

nums 的 分数 是 nums 中最大元素和最小元素的差值。

在更改每个下标对应的值之后,返回 nums 的最小 分数 。

数据范围

  • 1 <= nums.length <= 104
  • 0 <= nums[i] <= 104
  • 0 <= k <= 104

分析

贪心,可以发现,一般的贪心方式就是小的元素+k,大的元素-k,最后相对趋于平衡,因此我们可以先排序一下,然后枚举这个点,计算对应的分数就行

代码

typedef long long LL;
class Solution {
public:
    int smallestRangeII(vector<int>& nums, int k) {
        int maxx = 0, minx = 0;
        int n = nums.size();
        sort(nums.begin(), nums.end());
        int res = nums[n - 1] - nums[0];
        for(int i = 0; i < n - 1; i ++ ) {
            maxx = max(nums[i] + k, nums[n - 1] - k);
            minx = min(nums[0] + k, nums[i + 1] - k);
            res = min(res, maxx - minx);
        }
        return res;
    }
};

1049. 最后一块石头的重量 II

有一堆石头,用整数数组 stones 表示。其中 stones[i] 表示第 i 块石头的重量。

每一回合,从中选出任意两块石头,然后将它们一起粉碎。假设石头的重量分别为 x 和 y,且 x <= y。那么粉碎的可能结果如下:

如果 x == y,那么两块石头都会被完全粉碎;
如果 x != y,那么重量为 x 的石头将会完全粉碎,而重量为 y 的石头新重量为 y-x。
最后,最多只会剩下一块 石头。返回此石头 最小的可能重量 。如果没有石头剩下,就返回 0。

数据范围

  • 1 <= stones.length <= 30
  • 1 <= stones[i] <= 100

分析

将问题转化为:石头分成两堆,重量分别为 w 1 w1 w1 w 2 w2 w2,求 a b s ( w 1 − w 2 ) abs(w1-w2) abs(w1w2)的最小值,因此分的策略一定是越靠近 s u m / 2 sum/2 sum/2越好,此时可以设置一个背包容量为 s u m / 2 sum/2 sum/2的背包,价值和体积都为石头的重量,最终答案为 s u m − 2 ∗ d p [ n ] [ s u m / 2 ] sum-2*dp[n][sum/2] sum2dp[n][sum/2]

代码

class Solution {
public:
    const static int N = 35, M = 3e4 + 5;
    int dp[N][M];
    int lastStoneWeightII(vector<int>& stones) {
        int n = stones.size();
        int sum = 0;
        for(int i = 0; i < n; i ++ ) sum += stones[i];
        for(int i = 0; i < n; i ++ ) {
            for(int j = 0; j <= sum / 2; j ++ ) {
                dp[i + 1][j] = dp[i][j];
                if(j >= stones[i]) {
                    dp[i + 1][j] = max(dp[i + 1][j], dp[i][j - stones[i]] + stones[i]);
                }
            }
        }
        return sum - 2 * dp[n][sum / 2];
    }
};

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